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2010年全国高中数学联合竞赛试题及参考答案及评分标淮(B卷)[Word版]2010.10.17


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2010 年全国高中数学联合竞赛一试 年全国高中数学联合竞赛 联合竞赛一 试题参考答案及评分标准( 试题参考答案及评分标准(B 卷)
说明: 说明: 1. 评阅试卷时,请依据本评分标准 填空题只设 8 分和 0 分

两档;其他各题的评阅,请严格 评阅试卷时,请依据本评分标准. 分两档;其他各题的评阅, 按照本评分标准的评分档次给分,不要增加其他中间档次. 按照本评分标准的评分档次给分,不要增加其他中间档次 2. 如果考生的解答方法和本解答不同,只要思路合理、步骤正确,在评卷时可参考本评分标 如果考生的解答方法和本解答不同,只要思路合理、步骤正确, 准适当划分档次评分, 分为一个档次, 分为一个档次, 准适当划分档次评分,解答题中第 9 小题 4 分为一个档次,第 10、11 小题 5 分为一个档次, 、 不要增加其他中间档次。 不要增加其他中间档次。 一、填空题(本题满分 64 分,每小题 8 分) 填空题( 1. 函数 f ( x ) =

x 5 24 3 x 的值域是 [3, 3 ] .

解:易知 f (x ) 的定义域是 [5,8] ,且 f (x ) 在 [5,8] 上是增函数,从而可知 f (x ) 的值域为

[3, 3 ] .
2 2. 已 知 函 数 y = (a cos x 3) sin x 的 最 小 值 为 3 , 则 实 数 a 的 取 值 范 围 是



3 ≤ a ≤ 12 . 2

解:令 sin x = t ,则原函数化为 g (t ) = ( at 2 + a 3)t ,即

g (t ) = at 3 + (a 3)t .


at 3 + (a 3)t ≥ 3 , at (t 2 1) 3(t 1) ≥ 0 ,

(t 1)( at (t + 1) 3) ≥ 0 及 t 1 ≤ 0 知
at (t + 1) 3 ≤ 0 即
a (t 2 + t ) ≥ 3
(1)

当 t = 0,1 时(1)总成立; 对 0 < t ≤ 1,0 < t 2 + t ≤ 2 ; 对 1 < t < 0,

1 ≤ t2 + t < 0. 4

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从而可知



3 ≤ a ≤ 12 . 2

3. 双曲线 x 2 y 2 = 1 的右半支与直线 x = 100 围成的区域内部(不含边界)整点(纵横坐 标均为整数的点)的个数是 9800 . 解: 由对称性知, 只要先考虑 x 轴上方的情况, y = k ( k = 1,2, L ,99) 与双曲线右半支于 Ak , 设 交直线 x = 100 于 Bk ,则线段 Ak Bk 内部的整点的个数为 99 k ,从而在 x 轴上方区域内部 整点的个数为

∑ (99 k ) = 99 × 49 = 4851 .
k =1

99

又 x 轴上有 98 个整点,所以所求整点的个数为 2 × 4851 + 98 = 9800 . 4. 已 知 {a n } 是 公 差 不 为 0 的 等 差 数 列 , {bn } 是 等 比 数 列 , 其 中

a1 = 3, b1 = 1, a 2 = b2 ,3a 5 = b3 , 且 存 在 常 数 α , β 使 得 对 每 一 个 正 整 数 n 都 有 a n = log α bn + β ,则 α + β =
3

3 +3.

解:设 {a n } 的公差为 d , {bn } 的公比为 q ,则

3 + d = q, 3(3 + 4d ) = q 2 ,
(1)代入(2)得

(1) (2)

9 + 12d = d 2 + 6d + 9 ,求得 d = 6, q = 9 .
从而有 即 从而 求得

3 + 6(n 1) = log α 9 n 1 + β 对一切正整数 n 都成立,

6n 3 = (n 1) log α 9 + β 对一切正整数 n 都成立. log α 9 = 6,3 = log α 9 + β ,

α = 3 3, β = 3 , α + β = 3 3 + 3 .

5. 函数 f ( x ) = a 2 x + 3a x 2( a > 0, a ≠ 1) 在区间 x ∈ [1,1] 上的最大值为 8,则它在这个
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区间上的最小值是

1 . 4
3 ,+∞) 上是递增的. 2

解:令 a x = y, 则原函数化为 g ( y ) = y 2 + 3 y 2 , g ( y ) 在 ( 当 0 < a < 1 时, y ∈ [ a, a ] ,
1

g ( y ) max = a 2 + 3a 1 2 = 8 a 1 = 2 a =
所以 g ( y ) min = ( ) + 3 ×
2

1 , 2

1 2

1 1 2= ; 2 4



a > 1 时, y ∈ [a 1 , a ] ,
g ( y ) max = a 2 + 3a 2 = 8 a = 2 ,

1 + 3 × 2 1 2 = . 4 1 综上 f (x ) 在 x ∈ [ 1,1] 上的最小值为 . 4
所以 g ( y ) min = 2
2

6. 两人轮流投掷骰子,每人每次投掷两颗,第一个使两颗骰子点数和大于 6 者为胜,否则 轮由另一人投掷.先投掷人的获胜概率是

12 . 17 21 7 = ,从而先投掷人的获胜概率为 36 12

解:同时投掷两颗骰子点数和大于 6 的概率为

7 5 7 5 7 + ( )2 × + ( )4 × + L 12 12 12 12 12 7 1 12 = × = . 25 17 12 1 144
7. 正三棱柱 ABC A1 B1C1 的 9 条棱长都相等, 是 CC1 的中点, P 二面角 B A1 P B1 = α , 则 sin α =

10 . 4

解一:如图,以 AB 所在直线为 x 轴,线段 AB 中点 O 为原点, OC 所在直线为 y 轴,建 立空间直角坐标系.设正三棱柱的棱长为 2,则 B (1,0,0), B1 (1,0,2), A1 ( 1,0,2), P (0, 3 ,1) , 从而,
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BA1 = (2,0,2), BP = (1, 3,1), B1 A1 = (2,0,0), B1 P = (1, 3 ,1) .
设分别与平面 BA1 P 、平面 B1 A1 P 垂直的向量是 m = ( x1 , y1 , z1 ) 、 n = ( x 2 , y 2 , z 2 ) , 则
z A1 C1 B1 P A O C B x y

m BA1 = 2 x1 + 2 z1 = 0, m BP = x1 + 3 y1 + z1 = 0, n B1 A1 = 2 x 2 = 0, n B1 P = x 2 + 3 y 2 z 2 = 0,
由此可设 m = (1,0,1), n = (0,1, 3 ) ,

ur r ur r 所以 m n = m n cos α ,
即 3=

2 2 cos α cos α = 10 . 4

6 . 4

所以 sin α =

A1 C1

解二:如图, PC = PC1 , PA1 = PB . 设 A1 B 与 AB1 交于点 O, 则

E B1 O A P

OA1 = OB, OA = OB1 , A1 B ⊥ AB1 .

因为 PA = PB1 , 所以 PO ⊥ AB1 ,
从而 AB1 ⊥ 平面 PA1 B . 过 O 在平面 PA1 B 上作 OE ⊥ A1 P ,垂足为 E . 连结 B1 E ,则 ∠B1 EO 为二面角 B A1 P B1 的平面角. 设 AA1 = 2 ,则易求得

C B

PB = PA1 = 5 , A1O = B1O = 2 , PO = 3 .
在直角 PA1O 中, A1O PO = A1 P OE ,
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2 3 = 5 OE ,∴ OE =

6 5

.

又 B1O =

2 ,∴ B1 E = B1O 2 + OE 2 = 2 +
B1O 2 10 = = . 4 B1 E 4 5 5

6 4 5 = . 5 5

sin α = sin ∠B1 EO =

8. 方程 x + y + z = 2010 满足 x ≤ y ≤ z 的正整数解(x,y,z)的个数是 336675 . 解:首先易知 x + y + z = 2010 的正整数解的个数为 C 2009 = 2009 × 1004 .
2

把 x + y + z = 2010 满足 x ≤ y ≤ z 的正整数解分为三类: (1) x, y , z 均相等的正整数解的个数显然为 1; (2) x, y , z 中有且仅有 2 个相等的正整数解的个数,易知为 1003; (3)设 x, y, z 两两均不相等的正整数解为 k .

1 + 3 × 1003 + 6k = 2009 × 1004 , 6k = 2009 × 1004 3 × 1003 1 = 2006 × 1005 2009 + 3 × 2 1 = 2006 × 1005 2004 , k = 1003 × 335 334 = 335671 . 从而满足 x ≤ y ≤ z 的正整数解的个数为 1 + 1003 + 335671 = 336675 .
易知 二、解答题(本题满分 56 分) 解答题
3 2 9. ( 本小题满分 16 分 ) 已知函数 f ( x ) = ax + bx + cx + d ( a ≠ 0) ,当 0 ≤ x ≤ 1 时,

f ′( x) ≤ 1 ,试求 a 的最大值.
解一:

f ′( x) = 3ax 2 + 2bx + c,
f ′(0) = c, 1 3 f ′( ) = a + b + c, 4 2 f ′(1) = 3a + 2b + c





(4 分)

1 3a = 2 f ′(0) + 2 f ′(1) 4 f ′( ) 2
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.

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(8 分) 所以 3 a = 2 f ′(0) + 2 f ′(1) 4 f ′( )

1 2

1 ≤ 2 f ′(0) + 2 f ′(1) + 4 f ′( ) 2
≤8, 8 a≤ 3
(12 分) 又易知当 f ( x ) =

.

8 3 8 x 4 x 2 + x + m ( m 为常数)满足题设条件,所以 a 最大值为 . 3 3
(16 分)

解二: f ′( x) = 3ax 2 + 2bx + c . 设 g ( x ) = f ′( x ) + 1 ,则当 0 ≤ x ≤ 1 时, 0 ≤ g ( x ) ≤ 2 . 设 z = 2 x 1 ,则 x =

z +1 ,1 ≤ z ≤ 1 . 2 3a z + 1 3a 2 3a + 2b )= h( z ) = g ( z + z+ + b + c +1 2 4 2 4
易 知 道 当

.

(4 分) 容 (8 分) 从而当 1 ≤ z ≤ 1 时, 0 ≤ 即

1 ≤ z ≤ 1





0 ≤ h( z ) ≤ 2,0 ≤ h( z ) ≤ 2

.

h( z ) + h ( z ) ≤2 , 2

3a 2 3a z + + b + c +1 ≤ 2, 4 4 3a 3a 从而 + b + c +1 ≥ 0, z2 ≤ 2, 4 4 8 2 由 0 ≤ z ≤ 1知 a ≤ . (12 分) 3 8 3 8 2 满足题设条件, 所以 a 最大值为 . 又易知当 f ( x ) = x 4 x + x + m( m 为常数) 3 3 0≤
(16 分)
2 10.( 10. ( 本小题满分 20 分 ) 已知抛物线 y = 6 x 上的两个动点 A( x1 , y1 )和B ( x2 , y2 ) ,其中

x1 ≠ x 2 且 x1 + x 2 = 4 .线段 AB 的垂直平分线与 x 轴交于点 C ,求 ABC 面积的最大值.
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解一:设线段 AB 的中点为 M ( x0 , y 0 ) ,则

x0 =

x1 + x 2 y + y2 = 2, y 0 = 1 , 2 2

k AB =

y 2 y1 y y1 6 3 = 22 = = . 2 x 2 x1 y 2 + y1 y 0 y 2 y1 6 6

线段 AB 的垂直平分线的方程是

y y0 =

y0 ( x 2) . 3

(1)

易知 x = 5, y = 0 是(1)的一个解,所以线段 AB 的垂直平分线与 x 轴的交点 C 为定点, 且 点

C







(5,0)

.

(5 分) 由(1)知直线 AB 的方程为

y y0 =

y 3 ( x 2) ,即 x = 0 ( y y 0 ) + 2 . y0 3

(2)

(2)代入 y 2 = 6 x 得
2 y 2 = 2 y 0 ( y y 0 ) + 12 ,即 y 2 2 y 0 y + 2 y 0 12 = 0 .(3)

依题意, y1 , y 2 是方程(3)的两个实根,且 y1 ≠ y 2 ,所以
2 2 2 = 4 y0 4(2 y0 12) = 4 y0 + 48 > 0 ,

2 3 < y0 < 2 3 .
AB = ( x1 x 2 ) 2 + ( y1 y 2 ) 2
= (1 + ( y0 2 ) )( y1 y 2 ) 2 3
B

y A

y2 = (1 + 0 )[( y1 + y 2 ) 2 4 y1 y 2 ] 9

O

C(5,0)

x

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2 y0 2 2 )(4 y 0 4(2 y 0 12)) 9

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= (1 +
=

2 2 2 (9 + y 0 )(12 y 0 ) . 3

定点 C (5,0) 到线段 AB 的距离
2 h = CM = (5 2) 2 + (0 y 0 ) 2 = 9 + y 0

.

(10 分)

S ABC =

1 1 2 2 2 AB h = (9 + y 0 )(12 y 0 ) 9 + y 0 2 3

=

1 1 2 2 2 (9 + y 0 )(24 2 y 0 )(9 + y 0 ) 3 2
2 2 2 1 1 9 + y 0 + 24 2 y 0 + 9 + y 0 3 ( ) 3 2 3

≤ =
(15 分) 当

14 7 3
且 仅 当
2 2 9 + y 0 = 24 2 y 0

.





y0 = ± 5

,

A(

6 + 35 6 35 , 5 + 7 ), B ( , 5 7) 3 3



A(


6 + 35 6 35 , ( 5 + 7 )), B ( , 5 + 7) 时等号成立. 3 3


ABC















14 7 3

.

(20 分) 解二:同解一,线段 AB 的垂直平分线与 x 轴的交点 C 为定点,且点 C 坐标为 (5,0) . ( 5 分 )
2 2 设 x1 = t12 , x 2 = t 2 , t1 > t 2 , t12 + t 2 = 4 ,则

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5 1 2 S ABC = t1 2 2 t2
(10 分)

0

1
的 绝 对 值 ,

6t1 1 6t 2 1

1 2 2 S ABC = ( (5 6t1 + 6t12 t 2 6t1t 2 5 6t 2 )) 2 2 3 = (t1 t 2 ) 2 (t1t 2 + 5) 2 2 3 = (4 2t1t 2 )(t1t 2 + 5)(t1t 2 + 5) 2 3 14 3 ≤ ( ) , 2 3 14 S ABC ≤ 7 3
(15 分)
2 当且仅当 (t1 t 2 ) 2 = t1t 2 + 5 且 t12 + t 2 = 4 ,

,

即 t1 =

7 5 6

, t2 =

7+ 5 6

, A(

6 + 35 6 35 , 5 + 7 ), B ( , 5 7) 或 3 3

A(


6 + 35 6 35 , ( 5 + 7 )), B ( , 5 + 7) 时等号成立. 3 3


ABC















14 7 3

.

(20 分)
2 an 1 11.( (n = 1,2, L) . 11.(本小题满分 20 分)数列 {a n } 满足 a1 = , a n +1 = 2 3 an an + 1

求证:

1 1 1 1 2n 1 < a1 + a 2 + L + a n < 2n . 2 3 2 3
2 an 知 2 an an + 1

(1)

证明:由 a n +1 =

1
a n +1

=

1 1 + 1, 2 an an
(2)

1
a n +1

1 =

1 1 ( 1) . an an

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所以

an +1 a2 a = n = n an , 1 an +1 1 an 1 an
an = an a n +1 1 an 1 an +1
.

即 (5 分) 从而

a1 + a 2 + L + a n

=

a a a a1 a a 2 + 2 3 + L + n n +1 1 a1 1 a 2 1 a 2 1 a3 1 a n 1 a n +1

=

a a a1 1 n +1 = n+1 . 1 a1 1 a n+1 2 1 a n +1

所以(1)等价于

a 1 1 1 1 1 2n 1 < n +1 < 2n , 2 3 2 1 a n+1 2 3
即 分) 由 a1 =

32

n 1

<

n 1 a n +1 < 32 . a n+1

(3)

(10

a2 1 及 a n +1 = 2 n 知 3 an an + 1

a2 =

1 . 7

当 n =1时 ,

11 1 1 a2 = 6 , 3 2 < 6 < 32 , a2

即 n = 1 时, (3)成立. 设 n = k ( k ≥ 1) 时, (3)成立,即 3 当 n = k + 1 时,由(2)知
k 1 ak +2 1 a k +1 2 1 1 a k +1 = ( )>( ) > 32 ak +2 a k +1 a k +1 a k +1

2 k 1

<

k 1 a k +1 < 32 . a k +1



(15 分) 又由(2)及 a1 =

1 an 1 知 (n ≥ 1) 均为整数, 3 an

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从而由

k k k 1 a k +1 1 a k +1 1 < 32 有 ≤ 32 1 即 ≤ 32 , a k +1 a k +1 a k +1
k k k +1 1 ak +2 1 1 a k +1 = < 32 32 < 32 , ak +2 a k +1 a k +1

所以

即(3)对 n = k + 1 也成立. 所以 (3) n ≥ 1 的正整数都成立, (1) n ≥ 1 的正整数都成立. 对 即 对 分)

(20

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